高三物理一轮复习题曲线运动、万有引力与航天总结

李辉礼 2014、9、18

一、选择题（11*4分=44分）

1．一辆静止在水平地面上的汽车里有一个小球从高处自由下落，下落一半高度时汽车突然向右匀加速运动，站在车厢里的人观测到小球的运动轨迹是图中的( )

解析 开始时小球相对观察者是做自由落体运动，当车突然加速时，等效成小球相对汽车向左突然加速，刚开始加速时，水平方向的相对速度较小，随着时间的延长，水平方向的相对速度逐渐增大，故观察者看到的小球的运动轨迹应该是C图。 答案C

2．中国女排享誉世界排坛，曾经取得辉煌的成就．如图1所示，在某次比赛中，我国女排名将冯坤将排球从底线A点的正上方以某一速度水平发出，排球正好擦着球网落在对方底线的B点上，且AB平行于边界CD.已知网高为h，球场的长度为s，不计空气阻力且排球可看成质点，则排球被发出时，击球点的高度H和水平初速度v分别为( )．

图1

4A．H＝3h

3

B．H＝2h s

D．v＝4h6gh

s

C．v＝3h3gh

121t24

解析 由平抛知识可知2gt＝H，H－h＝2g2得H＝3h，A正确、B错误．由

s

vt＝s，得v＝4h6gh，D正确、C错误． 答案 AD

3．“飞车走壁”杂技表演比较受青少年的喜爱，这项运动由杂技演员驾驶摩托车，简化后的模型如图2所示，表演者沿表演台的侧壁做匀速圆周运动．若表演时杂技演员和摩托车的总质量不变，摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力恰好为零，轨道平面离地面的高度为H，侧壁倾斜角度α不变，则下列说法中正确的是( )．

图2

A．摩托车做圆周运动的H越高，向心力越大 B．摩托车做圆周运动的H越高，线速度越大 C．摩托车做圆周运动的H越高，向心力做功越多 D．摩托车对侧壁的压力随高度H变大而减小

解析 经分析可知摩托车做匀速圆周运动的向心力由重力及侧壁对摩托车弹力的合力提供，由力的合成知其大小不随H的变化而变化，A错误；因摩托v2

车和演员整体做匀速圆周运动，所受合外力提供向心力，即F合＝mr，随H的增高，r增大，线速度增大，B正确；向心力与速度方向一直垂直，不做功，C错误；由力的合成与分解知识知摩托车对侧壁的压力恒定不变，D错误． 答案 B

4．如图所示，一小钢球从平台上的A处以速度v0水平飞出．经t0时间落在山坡上B处，此时速度方向恰好沿斜坡向下，接着小钢球从B处沿直线自由滑下，又经t0时间到达坡上的C

处．斜坡BC与水平面夹角为30°，不计摩擦阻力和空气阻力，则小钢球从A到C的过程中水平、竖直两方向的分速度vx、vy随时间变化的图像是( )

解析 小钢球从A到C的过程中水平方向的分速度vx，先是匀速直线运动，后是匀加速直线运动，A、B错误；小钢球从A到C的过程中竖直方向的分速度vy，显示加速度为g的匀加速直线运动，后是加速度为g/4的匀加速直线运动，C错误、D正确。 答案 D

5．如图3所示，A为静止于地球赤道上的物体，B为绕地球椭圆轨道运行的卫星，C为绕地球做圆周运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点．已知A、B、C绕地心运动的周期相同．下列说法正确的是( )．

图3

A．相对于地心，卫星C的运行速率等于物体A的速率 B．相对于地心，卫星C的运行速率大于物体A的速率

C．卫星B在P点的运行加速度等于卫星C在该点的运行加速度 D．卫星B在P点的运行加速度大于卫星C在该点的运行加速度

解析 由于C和A周期相同，即角速度相同，由v＝ωr知，vC>vA，A错、BGMm对．卫星B和C的加速度都是由万有引力提供的，由牛顿第二定律可得r2＝ma，故aB＝aC，C对、D错． 答案 BC

6．地球赤道上有一物体随地球的自转，所受的向心力为F1，向心加速度为a1，线速度为v1，角速度为ω1；绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星(高度忽略)，所受的向心力为F2，向心加速度为a2，线速度为v2，角速度为ω2；地球的同步卫星所受的向心力为F3，向心加速度为a3，线速度为v3，角速度为ω3；地球表面的重力加速度为g，第一宇宙速度为v，假设三者质量相等，则

( )．

A．F1＝F2>F3

B．a1＝a2＝g>a3 D．ω1＝ω3<ω2

C．v1＝v2＝v>v3

解析 地球同步卫星的运动周期与地球自转周期相同，角速度相同，即ω1＝ω3，根据关系式v＝ωr和a＝ω2r可知，v1步卫星都围绕地球转动，它们受到的地球的引力提供向心力，即Gr2＝mω2rmv2

＝r＝ma可得v＝

GMM

、a＝Grr2、ω＝

GM

r3，可见，轨道半径大的线速度、向心加速度和角速度均小，即v2>v3、a2>a3、ω2>ω3；绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星的线速度就是第一宇宙速度，即v2＝v，其向心加速度等于重力加速度，即a2＝g；所以v＝v2>v3>v1，g＝a2>a3>a1，ω2>ω3＝ω1，又因为F＝ma，所以F2>F3>F1.由以上分析可见，选项A、B、C错误，D正确． 答案 D

7．以v0的速度水平抛出一物体，当其水平分位移与竖直分位移大小相等时，下列说法错误的是( )． A．即时速度的大小是5v0 2v0B．运动时间是g

C．竖直分速度大小等于水平分速度大小

22v20

D．运动的位移是g

1

解析 当其水平分位移与竖直分位移相等时，即v0t＝2gt2，可得运动时间t2v0＝g，水平分速度vx＝v0，竖直分速度vy＝gt＝2v0，合速度v＝v0，合位移s＝答案 C

8．如图4所示为一条河流，河水流速为v，一只船从A点先后两次渡河到对岸，船在静水中行驶的速度为u，第一次船头向着AB方向行驶，渡河时间为t1，船的位移为s1；第二次船头向着AC方向行驶，渡河时间为t2，船的位移为s2.若AB、AC与河岸的垂线方向的夹角相等，则有( )．

2

2

2

v2x＋vy＝5

22v20

x＋y＝g，对比各选项可知说法错误的是C选项．

图4

A．t1>t2 s1B．t1s2 D．t1＝t2 s1>s2

C．t1＝t2 s1解析 由于船的速度大小相等，且与河岸的夹角相同，所以船速在垂直于河岸方向上的分速度大小相同，渡河的时间由船垂直河岸的速度的大小决定，故船到达对岸的时间相等；船的位移决定于平行河岸方向的速度大小，结合题意知s1>s2. 答案 D

9．如图5所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径r＝0.4 m，最低点处有一小球(半径比r小很多)现给小球一水平向右的初速度v0，则要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足(g＝10 m/s2)( )．

图5

A．v0≥0

B．v0≥4 m/s D．v0≤22 m/s

C．v0≥25 m/s

解析 解决本题的关键是全面理解“小球不脱离圆轨道运动”所包含的两种情况：(1)小球通过最高点并完成圆周运动；(2)小球没有通过最高点，但小球没有脱离圆轨道．

对于第(1)种情况，当v0较大时，小球能够通过最高点，这时小球在最高点处11

需要满足的条件是mg≤mv2/r，又根据机械能守恒定律有2mv2＋2mgr＝2mv20，可求得v0≥25 m/s，故选项C正确；对于第(2)种情况，当v0较小时，小球不能通过最高点，这时对应的临界条件是小球上升到与圆心等高位置处，速12

度恰好减为零，根据机械能守恒定律有mgr＝2mv0，可求得v0≤22 m/s，故选项D正确． 答案 CD

10．如图6所示，斜面AC与水平方向的夹角为α，在A点正上方与C等高处水平抛出一小球，其速度垂直斜面落到D点，则CD与DA的比为( )．

图6

1

A.tan α 1

C.tan2 α 解析

1

B.2tan α 1D.2tan2 α

如图所示，设平抛初速度为v0，落到D处时的竖直速度为vy，所用时间为t，122gtv0tv0

对Rt△AFD，AD＝cos α；对Rt△CED，CD＝sin α.在速度三角形中tan α＝gt，解以上三式得答案 D

11.某卫星在赤道上空飞行，轨道平面与赤道平面重合，轨道半径为r，飞行方向与地球的自转方向相同.设地球的自转角速度为ω0，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，在t=0时刻该卫星通过赤道上某建筑物的正上方，则到它下次通过该建筑物正上方所需的时间为（A ）

A.

CD1＝，D对． DA2tan2 α

2gR2(0)3rr31 B.2() 2gR02(gR0)r32r3C.2 D.

gR2

二、实验题

12.（9分）某同学设计了一个研究平抛运动的实验.实验装置示意图如下左图所示，A是一块平面木板，在其上等间隔地开凿出一组平行的插槽（左图中P0P′0、P1P′1…），槽间距离均为d，把覆盖复写纸的白纸铺贴在硬板B上.实验时依次将B板插入A板的各插槽中，每次让小球从斜轨的同一位置由静止释放.每打完一点后，把B板插入后一槽中并同时向纸面内侧平移距离d.实验得到小球在白纸上打下的若干痕迹点，如右图所示.

（1）实验前应对实验装置反复调节，直到 .每次让小球从同一位置由静止释放，是为了 .

（2）每次将B板向内侧平移距离d，是为了 . 三、计算题

13.（14分）我国首个月球探测计划“嫦娥工程”将分三个阶段实施，大约用十年左右时间完成，这极大的提高了同学们对月球的关注程度.以下是某同学就有关月球的知识设计的两个问题，请你解答：

（1）若已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，月球绕地球运动的周期为T，且把月球绕地球的运动近似看做是匀速圆周运动.试求出月球绕地球运动的轨道半径.

（2）若某位宇航员随登月飞船登陆月球后，在月球表面某处以速度v0竖直向上抛出一个小球，经过时间t，小球落回到抛出点.已知月球半径为R月，引力常量为G.试求出月球的质量M月.

14.（14分）一地球探测飞船在地球赤道上空绕地球做圆周运动，用摄像机拍摄地球表面图片.已知地球的密度为ρ，飞船的飞行周期为T（小于24h）.试求摄像机所能拍摄的总面积与地球表面积之比.（引力常量为G；球体体积公式为V积公式为S=2πrh，r为球半径，h为球冠高）

12．（1）斜槽末端水平 保持小球水平抛出的初速度相同 （2）保持相邻痕迹点的水平距离大小相同 13．（1）根据据有引力定律和向心力公式：

43r，r为球半径；球冠面3MMM2 G月2地M月r,gG地2rRT解得r32gR2T2 42M月2v0 ,g月G2g月R月（2）设月球表面处的重力加速度为g月，根据题意有t22v0R月解得M月

Gt14．如图所示，设地球半径为r，卫星的轨道半径为R.图中两个阴影部分的球冠表面积是不能拍摄到的区域.卫得绕地球运动，有

43GMm42Mr，图中球冠的m，其中地球的质量为M，则

3R2T2高为h，则hr(1cos)

R2r22其中cos而球冠的总面积为S2rh2，地球的表面积为S4r解得摄

R3SS. 1像机所能拍摄到的总面积与地球表面积之比为2SGT1215．（14分）

如图8所示，双星系统中的星球A、B都可视为质点，A、B绕两者连线上的O点做匀速圆周运动，A、B之间距离不变，引力常量为G，观测到A的速率为v、运行周期为T，二者质量分别为m1、m2.

图8

(1)求B的周期和速率．

(2)A受B的引力FA可等效为位于O点处质量为m′的星体对它的引力，试求m′.(用m1、m2表示)

解析 (1)设A、B的轨道半径分别为r1、r2，它们做圆周运动的周期T、角速r1m2度ω都相同，根据牛顿第二定律有FA＝m1ω2r1，FB＝m2ω2r2，即r＝m.故B

2

1

m1r1m1v

的周期和速率分别为：TB＝TA＝T，vB＝ωr2＝ωm＝m. 22

m1＋m2m1m2(2)A、B之间的距离r＝r1＋r2＝mr1，根据万有引力定律有FA＝Gr2＝

2

m1m′Gr2，

1

所以m′＝

m32m1＋m2

2

. m1vm32答案 (1)T m (2)

m1＋m22216．（15分）

某电视台“快乐向前冲”节目的场地设施如图7所示，AB为水平直轨道，上面安装有电动悬挂器，可以载人运动，水面上漂浮着一个半径为R、角速度为ω、铺有海绵垫的转盘，转盘的轴心离平台的水平距离为L，平台边缘与转盘平面的高度差为H.选手抓住悬挂器可以在电动机的带动下，从A点下方的平台边缘处沿水平方向做初速度为零、加速度为a的匀加速直线运动．选手必须作好判断，在合适的位置释放，才能顺利落在转盘上．设人的质量为m(不计身高)，人与转盘间的最大静摩擦力为μmg，重力加速度为g.

图7

(1)假设选手落到转盘上瞬间相对转盘速度立即变为零，为保证他落在任何位置都不会被甩下转盘，转盘的角速度ω应在什么范围？

(2)若已知H＝5 m，L＝8 m，a＝2 m/s2，g＝10 m/s2，且选手从某处C点释放能恰好落到转盘的圆心上，则他是从平台出发后多长时间释放悬挂器的？ (3)若电动悬挂器开动后，针对不同选手的动力与该选手重力关系皆为F＝0.6mg，悬挂器在轨道上运动时存在恒定的摩擦阻力，选手在运动到上面(2)中所述位置C点时，因恐惧没有释放悬挂器，但立即关闭了它的电动机，则按照(2)中数据计算悬挂器载着选手还能继续向右滑行多远的距离？ 解析 (1)设选手落在转盘边缘也不会被甩下，最大静摩擦力提供向心力，则有μmg≥mω2R，

故转盘转动的角速度应满足ω≤

μgR.

(2)设选手水平加速阶段的位移为x1，时间为t1；选手平抛时的水平位移为x2，时间为t2.则水平加速时有 1x1＝2at21.

12

v＝at1，平抛运动阶段有x2＝vt2，H＝2gt2， 全程水平方向x1＋x2＝L， 联立以上各式代入数据解得t1＝2 s.

(3)由(2)知x1＝4 m，v＝4 m/s，且F＝0.6mg.设阻力为f，选手继续向右滑动1

的距离为x3，由动能定理得，加速阶段Fx－fx＝2mv2 1

减速阶段－fx3＝0－mv2

2联立以上两式解得x3＝2 m. 答案 (1)ω≤

μgR (2)2 s (3)2 m