2021-2022学年河北省神州智达省级联测高三(上)第三次月考物理试卷(附答案详解)

一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）法拉第笼是一个由金属编织成的笼子，笼体与大地连通。

如图为某次演示中体验者进入笼子后，关闭笼门，操作员 通过放电杆将78763,高压直流电靠近笼子，当放电杆尖端 距笼体很近时，出现放电火花。放电杆靠近但未放电前关 于法拉第笼下列说法正确的是（）

A. 笼子外表面电荷均匀分布

B. 笼子外表面靠近放电杆位置电势高，距离较远处电势低 C. 感应电荷在笼子内部形成的场强处处相等

D. 笼子内部任意两点间电势差为零为了降低潜艇噪音，提高其前

进速度，可用电磁推进器替代螺旋桨。电磁推进器用

绝缘材料制成直海水导管，马蹄形超导线圈在通道内形成磁场，正、负电极与直流

电源相连在海水中形成电流。装置的截面图如图所示，关于该电磁推进器说法正确

的是（）

上形雄圈海水昏道

A.

正电段2形雄

同等情况下装置在纯净的淡水湖中推进效果比在海水中好

B. 同等情况下增加磁感应强度不能改变推进效果 C. 图示中海水受到的磁场力方向垂直纸面向里

D. 图示中推进器受到海水推力方向垂直纸面向里2021年5月28日，在中科院合肥等离

子体所，东方超环（EAST）再创世界纪录：实现 了可重复1.6亿摄氏度20秒等离子体运行，向可控核聚变又靠近了一步。如图所示， EAST装置的主体是一组超导磁体，其中有环形螺线管负责产生水平环形纵向磁场 缶，还有水平绕向的线圈负责提供竖直方向的极向磁场&（图中未画出），高温等离 子体笊核和电子被约束在环形磁场真空室里。下列说法正确的是（）

3.【答案】D

【解析】解：4运动的中子不受磁场力作用，所以热核反应产生的中子会以撞击器壁的 方式释放动能，故A错误；2

8 .带电粒子在磁场中垂直于磁场方向做圆周运动的半径qvB =Ek = j 771=2

解得：尸=蜃巫qB

电子的质量比危核小得多，电子在％环流器中流动的截面积比兔核在环流器中流动的截 面积小得多，故B错误；G笊核沿环做圆周运动的速度方向和％方向重合，不受磁场B的作用，故

C错误；

。.缶的作用是使粒子在环的截面上做圆周运动而不因为热运动散开，起到约束作用，故 D正确。

故选：Do运动的中子不受磁场力作用，所以热核反应产生的中子会以撞击器壁的方式释放动能, 根据洛伦兹力提供向心力解得半径，速度方向和％方向重合时不受磁场B的作用。 本题考查带电粒子在磁场中运动的实际应用，解题关键理解题意，注意洛伦兹力提供向 心力的应用。

3.

【答案】C

【解析】解：AB.根据数据分析，运动员上行过程为运动员从最低点到达最喝好点，0.150s触网时间和0.750s升空时间，根据动量定理可知一次上行过程中，

网对运动员的冲量大小等于此过程中重力大小，及h = mgt = 50 x 10 x 0.900N・s =450/V-s,

同理下行过程中网对运动员的冲量大小也为450N・s,故错误；C、远动员从最高点下落触网后再返回最高点的过程中，根据动量定理Ft2-mg(t2 +

f

3)=。

代入数据解得：F = 3000N，故C正确；。、根据运动员下落时间和升空时间相等可知运动员触网时刻速率相等，所以网对运动 员做功为零，故。错误； 故选：Co 根据动量懂事计算出在不同过程中网对运动员的冲量；根据动量定理计算出运动员接触网时受到的平均弹力的大小； 根据动能定理分析出网对运动员做功的大小。

本题主要考查了动量定理的应用，根据动量定理分析出不同过程中运动员的冲量大小,结合动能定理公式分析做功的大小即可，整体难度不大。

4.

【答案】D

【解析】解：小球在碗壁某处受到三个力作用，重力、库仑力、弹力，三个力的方向恰好和两小球与圆心组成的三角形三边对应，即三个力平移后和此三角形相似，题中的两

种情况同理，则

gg =旦=力 Q1Q2 R — AB — AB3

mg =也=/CQ1Q2 R — AC 一 的3解得 m2 _ 1

8故。正确，

ABC错误。

故选：DQ对小球受力分析，受重力、支持力、库仑力，根据三角形相似判断各个力的大小关系,

结合库仑定律计算带电量的大小.

本题为常规模型题，重在考查对基本模型的理解能力，基本公式的计算能力，关注物理观念的相互作用观。

5.

【答案】D

【解析】解：CD、电压表示数为路端电压，根据U = E-ir可判断出充电过程中电压表 示数持续增大，故。正确，C错误；AB.充、放电过程中电压表示数会发生变化，充电过程中电压表示数持续增大，故 错误；

故选：Do理解电容器充放电过程中的电压变化，结合闭合电路欧姆定律完成分析。 本题以电容器充、放电为考查背景，考查学生闭合电路欧姆定律等相关知识；考查理解 能力、推力能力，属于基础题型。

6. 【答案】C

【解析】解：由图示图象可知，碰撞前甲速度为〃物= 4.0m/s,乙速度为吃° = l・°m/s, 碰撞后甲的速度％ = -l.Om/s甲、乙碰撞过程系统动量守恒，以碰撞前甲的速度方向为正方，由动量守恒定律得：

m铲甲g + rn/乙 ° =+m^v2,由题意可知：m叩=lkg, m乙= 10kg,代入数据解得：v2 = 1.5m/s

〃2一％1.5—(—1.0) 5甲、乙碰撞过程的恢复系数e = „ =

\"-io =G故C正确，错误。

甲0乙0故选：Co

甲、乙碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律求出碰撞后乙的速度，然后求出恢复 系数。

认真审题理解题意获取所需信息是解题的前提，应用动量守恒定律根据题意即可解题; 应用动量守恒定律解题时注意速度的方向。

7. 【答案】B【解析】解：AB.由P = 1U得单个伺服电动机的工作电流/=£ =籍0 = 21不能按

纯 U 15

电阻计算，电动机输出功率P^ = IU - I2r = (30 - 22 x 3)14/ = 18WZ,故A错误，B正 确；

C、伺服系统只在白天工作，认为每天工作10小时，则耗电为V/ = (10x2x30x

14500)\"・九=8700k\" •们 故C错误；D、单个定日镜日均发电= 198x108 w - h 37W - /i,故。错误。

365X1.45X104故选：So

根据公式/=号判断电流，由P出=】U -『丫求解电动机输出功率，结合题意建立关系求解耗电量和发电量即可。

本题重在理解题干意思，突破点是判断单个伺服电动机的工作电流。

9.【答案】ACD

【解析】解：AB.合上开关S,当照射在R上的光变强时，R的阻值变小，外电路总电 阻变小，则干路电流变大，内电压变大，路端电压变小，亳和如的电流均变小，因此匚2 和奶都变暗。路端电压变小，流过死的电流变小，而干路电流变大，则流过妇的电流变 大，则岛变亮，故A正确，B错误;C、合上开关S,在光照强度不变的情况下，去掉％改成导线，外电路总电阻变小，则 干路电流变大，内电压变大，路端电压变小，则流过妇的电流变小，则妇变暗，故C正 确；

。、合上开关S,在光照强度不变的情况下，％断路，外电路总电阻变大，则干路电流 变小，内电压变小，路端电压变大，则流过妇的电流变大，则妇变亮，故。正确。 故选：AC Do根据光敏电阻阻值的变化，分析外电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律判断干路电 流和路端

电压的变化，再判断各个灯泡电压或电流的变化，判断其亮度变化。

在电路中，若部分电阻发生了变化，则对该部分的处理不能直接根据欧姆定律判断，应 灵活应用串并联电路的性质和闭合电路欧姆定律进行分析。

1().【答案】AB

【解析】解：4、当电流天平两端平衡时，由于力臂相等，两端的受力相等，则有mg = BIl, 故A正确；8、螺线管内部的磁场方向平行于螺线管，对同样平行的导线没有力的作用，故8正确；

C、根据m = ?解得：m = Q ^X2X3XIO-^ = 12 x w-4k 故。错误；910\"

D、当CD段导线电流反向时，根据左手定则，安培力变为向上，则不能通过悬挂肢码的 方式

测量磁感应强度，故。错误；故选：ABQ

根据天平两端的受力关系分析出磁感应强度的大小；当磁场的方向与电流方向相同时，电流不受安培力的作用；

将数据代入4选项的公式中分析出磋码的质量；当电流反向时，安培力方向向上，根据力矩的关系判断是否能测量磁感应强度。

本题主要考查了安培力的相关应用，熟悉安培力的公式，根据左手定则分析安培力的方 向，结合力矩的平衡条件完成分析。

u

11. 【答案】ACD

【解析】解：4、对于(p-x图像，斜率为电场强度，由于是两个正点电荷形成的静电场， 连线上的9随着x的增加先减小后增大，其最小点应该位于0、B连线中点的右侧；故A 正确；

B、关于带电粒子C的电势能Ep = _q(p,应该与0的变化趋势相反，且为负值，且最高 点在中

点的右侧；故B错误；

C、粒子C在向右运动的过程中，由于只有电场力做功，根据能量守恒可知电势能与动 能之和

不变为常量，所以\"2与0的变化趋势相同；故C正确；。、在向右运动过程中，则电场强度应先减小后增大。故。正确； 故选：ACD.

根据同种电荷电场线分布可知电势和电场的变化情况，根据电势能与电势关系可知电势 能的变化，根据能量守恒定律判断\"2的变化。

本题考查电势能与电场力做功，解题关键掌握同种电荷电场线分布，注意沿电场线方向 电势逐渐降低。

12. 【答案】0.070

【解析】解：要求灯两端的电压从零开始调节，所以滑动变阻器应分压式接在电路中, 电路连接图如图所示：

结合图像可知，当豚

7)灯电压为2.800IZ时，通过灯的电流为25.00m4，则此时灯的功率

为P = UI = 2.800 x 25.00 x 10~3W = 0.070\"故答案为：完整的电路如上图所示；0.070

根据电路的特点完成电路图的连接，根据图像结合电功率的计算公式计算出灯的功率。 本题主要考查了小电珠的伏安特性曲线，根据电路要求选择合适的滑动变阻器接法，结 合电功率的公式代入数据完成计算，在计算过程中要注意单位的换算。

13. 【答案】C 3.6 1.0

【解析】解：(1)由于电流表内阻已知，电流表应接在干路中，故电路图如图所示

由原理图可知，电源电动势为3.6V,实验中电流最大为0.,选择滑动变阻器&即可满 足实验要求，且滑动变阻器允许通过的电流太小，且电阻太大不易，故选C。

(2)根据U-I图像的与纵轴的交点表示电源电动势可知，电源电动势E = 3.67；利用图 像的斜率

的绝对值表示电源的内阻可知，电源等效内阻心+厂=叵== 3.0/2,故电源的内阻尸=1.0/2 故答案为：(1)C； (2)3.6, 1.0

(1) 根据题意，结合题意可知实验电路图正确画法，进而判断滑动变阻器的选择；利用U-I图

像的截距与斜率的物理意义，求出电源电动势和内阻。

在利用U-/图像时，要注意图像与纵轴的交点表示电源的电动势，图像的斜率的绝对值表示电源的内阻。

14. 【答案】解：设带电粒子受到的电场力大小为F,质量为重力加速度为g,其水 平初速度和

竖直初速度的大小分别为Vox = U°cos37。

vOy = vosin37°当粒子运动到其轨迹最高点时，其竖直方向的分速度为零，根据牛顿第二定律

可知粒子 在水平方向的加速度大小为Q =-

m根据运动学公式可得粒子从开始到运动至最高点所需的时间为* =号

由题意可知：vx — vOx - at又—=3

mg联立解得：Vx = -V0,则微粒运动到其轨迹的最高点时速度的大小为％

答：微粒运动到其轨迹的最高点时速度的大小为为

【解析】当粒子运动到其轨迹最高点时，其竖直方向的分速度为零，结合运动学公式与 牛顿第二定律可解得微粒运动到其轨迹的最高点时速度的大小。

本题考查带电粒子在电场中的运动，解题关键掌握运动的分解，根据竖直方向和水平方 向的分运动的运动规律解答。

15. 【答案】解：（1）粒子的一个分运动是平行于xOz平面，速度大小为％的匀速圆周运

动，由牛顿第二定律得qv0B = m^-

T =—

\"o解得

r = 口

qBT = ^

qB粒子的另一分运动是平行于y轴方向，初速度为0的匀变速直线运动，根据牛顿第二定律 得：

。=竺

m

E= B2ql

解得

E=

2n2m

B2ql(2)设粒子到达。点时速度为uv = ^-

sin30°由动能定理得

Eql + Eql = -mv —-mvl22 解得E，_ 3m诸 _ B2ql

2ql 2n2m答：⑴电场强度E的大小为黑;

r2(2)若在粒子通过4点时迅速改变电场，使新的匀强电场沿y轴负方向，之后粒子恰好能回到0点，回到。点时速度与y轴负方向成30。角，新匀强电场场强昌的大小为器-黯。

【解析】(1)根据运动的分解，可将粒子的运动分解为XOZ平面的匀速圆周运动和平行于y轴方向的匀变速直线运动，根据对应的运动学规律解得;

(2)根据动能定理可解得新电场大小。

本题考查带电粒子在磁场和电场中的运动，解题关键掌握运动的分解，根据对应运动学 公式解答即可。

16. 【答案】解：涉及动量守恒定律，取向右为正方向。

(1)设行人被撞飞时的速度为％°,碰后瞬间车辆速度为\"，碰撞时间极短，车辆与人碰撞瞬间动

量守恒。

根据动量守恒定律可得：Mv = Mvr + mvp0碰后车辆做匀变速直线运动，由牛顿第二定律有：liMg = Ma 由运动学公式：俨= 2asv, 联立解得：v =号J2\"gs〃；

(2)车辆与人碰撞时间极短，车辆与人碰撞瞬间动量守恒。

根据动量守恒定律可得：Mv = Mv + mvp0 而：= vp0 解得：〃=学与。

行人碰后做平抛运动，得：t = R = vpOt 行人落地后以初速度％。做匀减速直线运动至停止 根据速度-位移可得：‘=魏 而：Sp = R + s = 与°Jf + 我 解得：v =[-fij2gh +司g(jih + Sp)]；(3)设该过程车与人的平均作用力为F,根据碰撞过程能量守恒可得:

Fx=lMv2_lMv，2_|mv20根据速度一位移关系可得：i/2 = 2iigsv

r联立可得：F = m(M+m)呻

Mx

答：(1)基于车辆制动距离碰撞车速u的大小为零旬赤;;(2)基于行人抛距叫，碰撞车速〃的大小为零［-心莎 +网(山if｝］；

(2) 该过程车与人的平均作用力为

Mx

m(M+m)网s’

【解析】(1)车辆与人碰撞瞬间动量守恒，根据动量守恒定律得到碰撞前后速度大小关 系；碰后车辆做匀变速直线运动，由运动学公式求解速度大小；车辆与人碰撞瞬间动量守恒，根据动量守恒定律得到碰撞前后速度大小关系；行人 碰后做平抛运动，根据平抛运动的规律求解速度大小；

(2) 根据碰撞过程能量守恒结合速度一位移关系求解该过程车与人的平均作用力。 本题以交通

事故现场分析为背景，考查力与运动、动量和能量的综合知识的应用，突出 对综合分析能力以及基础性和应用性的考查；要求掌握动量守恒定律的应用方法。

铁芯（磴何路）

加辑场线圈

A. 聚变反应的产物中有中子，因为磁场特别强它们也将被约束在真空室里 B. 如果等离子体中电子和觅核的动能近似相等，它们的活动范围也近似相等 C. 如果危核恰好沿环在真空室内做圆周运动，负责产生向心力的磁场是缶

D. 纵向磁场为越大等离子体的活动空间越小4. 2020东京奥运会赛场，我国运动员朱雪莹、

刘灵玲包揽蹦床女子

冠亚军，分析朱雪莹比赛录像得到某次动作过程的时间分配是从 最高点落下到触网用时0.750s,接着用时0.300s离网，又用时

1.500s再触网。若运动员在离网和触网时均处于直体正立状态， 运动员

体重SOkg,身高1.65m,忽略空气阻力，重力加速度取 10m/s2o下列说法正确的是・（）

A. 运动员一次上行过程中，网对运动员的冲量大小为750N・s B. 运动员一次下行过程中，网对运动员的冲量大小为525N・s C. 运动员在接触网的时间里受到的平均弹力大小为3000/V 5.

D. 运动员在接触网的时间里网对运动员做功为225」

5. 如图所示，光滑绝缘半球形的碗固定在水平地面上，可视为 质点的

带电小球1、2的电荷量分别为Qi、。2，质量分别为Hi】、

m2。如果使小球1固定在碗底A点；小球2可以自由运动，平

衡时小球2位于碗内的B位置处；如果使小球2固定在碗底4点，小球1可以自由运动, 平衡时小球1位于碗内的C位置处。已知施弦长是0C弦长的两倍，则一定有（）

A. 竺=：B.匹蓦C.竺萼D.性蓦m2 4m2 84m1 8

6. 某研究性学习小组做“用传感器观察电容器的充电和放电”的实验。把一个电容器、

电流传感器、电压表、电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所示连接。先将开关S拨 至1端，电源向电容器充电，然后将开关S拨至2端，电容器放电，与电流传感器相 连接的计算机记录这一过程中电流随时间变化的图线，如图乙所示。已知电源 电动势为们内阻为r,充电电流为图乙中1线，放电电流为图乙中2线。则关于电

c

接计算机「

压表示数变化说法正确的是（）

cJZ~

接计算机「

传感器

A. 充电、放电过程中电压表示数始终保持不变 B. 充电过程中电压表示数持续减小 C. 放电过程中电压表示数持续增大

D. 充电过程中电压表示数持续增大正碰的恢复系数是碰撞前后两物体沿连线方向上的

分离速度与接近速度之比。甲、乙发生正碰，碰撞 前甲速度为\"甲°,乙速度为\"乙°,碰撞后甲、乙两物

体的分离速度分别为％和4,恢复系数可表示为e =如果甲、乙两个小球在光滑水平桌面上沿同一直线运动，碰撞前、后甲

1

0 乙0

的速度和碰撞前乙的速度随时间的变化关系如图所示。己知甲的质量为Mg,乙的 质量为10kg,则该碰撞过程的恢复系数e等于（）2021年9月6日，中国能建哈密光热50MW熔盐塔式光热发电项目成功实现全容量

并网，该电站年发电量1.98亿千瓦时，共安装了 14500面五边形定日镜，定日镜在 伺服系统的控制下能自动地把接收到的太阳光反射到集热塔的热靶上。伺服系统是 两套结构相同的装置，一套控制水平轴负责俯仰（点头）、一套控制竖直轴负责方位 （摇头），伺服系统主要耗电设备是电动机，虽然驱动的角速度很小，但是要对抗风 吹，所以要带阻尼运行。设每个电动机功率为30\内阻为30 工作电压为15U。

A.单个伺服电动机的工作电流是5刀

根据以上数据判断下列哪个选项最接近真实状况（）

集热器

A.单个伺服电动机的工作电流是5刀

B. 单个伺服电动机克服阻尼的功率是18” C. 电厂伺服系统每日耗电约5000kW-h

D. 单个定日镜日均发电34/cVK - h 二、多选题（本大题共3小题，共18.0分）

现有一个家用太阳能辅助电路设计如图所示，图中的电源为太阳能电源，其内阻不 可忽略，L］、七2、妇为位于三个房间的规格相同的灯泡，R是光敏电阻，R］、&2是 保护电阻，合上开关S,贝）

A. 当照射在R上的光变强时，妇变亮，七2和如都变暗 B. 当照射在R上的光变强时，妇变暗，心2和如都变亮 C. 在光照强度不变的情况下，去掉％改成导线，则妇会变暗

D. 在光照强度不变的情况下，/?2断路，则妇会变亮如图甲所示为电流天平，此装置可以

测定螺线管中的磁感应强度。它的横臂（图乙） 能绕转轴。0'自由转动，轴的两侧臂长度相等。在轴的右侧，沿着横臂的边缘固定 着一条〃形绝缘导线，天平最右端导线CD的长度为\"先调整天平处于平衡，把U形 导线端放入待测的磁场中（如图丙所示），给［/形导线和螺线管分别通以大小为/和 的电流。CD段导线由于受到安培力作用而使天平右臂向下倾斜，在天平的另-■端可 以加适当的缺码，使天平恢复平衡。设当地重力加速度g = 10m/s2。则下列说法 正确的是（）

甲乙丙

A. 若在电流天平的左端增加的砥码质量为m,则长螺线管内部的磁感应强度B为 mg II

B. 若螺线管内部的磁感应强度B = 0.02T,则在螺线管内部与螺线管轴线平行的一 条通电

导线所受安培力为0

C. 若螺线管内部的磁感应强度B = 0.02T, CD段导线的长度为3cm, ［/形导线通电

电流/ = 2.0A 为使天平保持平衡，应在左端悬挂l.2xio-4g的彼码

D. 假如使通过CD段导线的电流反

11. 向，仍可以通过悬挂萩码的方式测量磁感应强度 如图所示，一条直线上的刀、B两点固定

两个点电荷+。—q +q

+Q和+q（Q>q）, 一个带电荷量为—q的粒子C,以 A C13

-定的初速度％从靠近&点的位置沿直线向B运动，则在粒子C运动的过程中,

粒子C的电势（？）、电势能（场）、速度的平方（洲）、电场强度（E）,这四个量与距&点

£4

的距离3）的关系图像可能正确的是（）

£4

D.

三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）12. LED灯具的高节能、长寿命、利环保的优越性能获得普遍的公认。某实验小组探究

LED灯的伏安特性曲线，实验需要灯两端的电压从零开始调节。如图甲所示，该小 组巳

连接好部分导线，请在答题卡的图中完成电路剩余部分的连接。如图乙为该实 验小组通过数据采集及处理系统等得到的LED灯的伏安特性曲线，当LED灯两端电压为2.8001/时，灯的功率为0。（结果保留2位有效数字）

13.

100.00 90.00 80.00 —70.00 g 60.00 M 50.00 9 40.00 30.00 20.00 10.00 0.00

— 1 .■J / .， / • 10.00 0.000 0.400 0.X00 1.200 1.600 2.000 2.400 2.800 3.200

电压（V ）

乙

13. 某同学从电子市场买了一个手机电池，该同学通过实验测量该电池的电动势和内阻, 除了开

关和若干导线以外，还有如下器材可供选择： 电流表4(0.么=2/2)&电压表1000/2)

G滑动变阻器(0〜200, L4)。.滑动变阻器 /?2(。〜1000Q,200m4)

(1) 为了使测量结果尽可能准确，请根据现有器材在方框中设计电路图(画在答题卡上)，其中

滑动变阻器应选(填写前面的字母序号)。

(2) 根据实验中记录的电压表的示数”与电流表的示数/的值，经描点、连线得到U-/图像，如

图所示，根据图中所给数据，该电池的电动势与内电阻分别为£* =V,

r =o

四计算题(本大题共3小题，共35.0分)如图所示，匀强电场水平向右，一带负电的微粒从0、

点以 与水平方向成37。角的初速度％向右上方发射，已知该带电 微粒受到的电场力与它

的重力的比值为3：Lsin37。= 0.6, cos37° = 0.8,求：微粒运动到其轨迹的最高点时速度的大 小。

15.

间建立正交坐标系Oxyz,空间中存在范~B

围足够大，沿正交坐标系y轴正方向的匀强磁场和匀强电 E 场，磁感应强度大小为8。质量为电荷量为q(q > 0)的’’.., 粒子从坐标原点。沿Z轴正方向以初速度％射到该磁场及/ \"'' 电场中，粒子第一次回到y轴上并经过0(0,1,0)点，不计 < 重力和粒子间的相互作用。

如图所示，在空

(1) 求电场强度£*的大小；

(2) 若在粒子通过&点时迅速改变电场，使新的匀强电场沿y轴负方向，之后粒子恰

好能回到。点，回到0点时速度与y轴负方向成30。角，求新匀强电场场强，的大小。

车辆停止位置 16. 某次交警勘查车祸现场，技术人员需要根据现场情况估算碰撞前的车速情况，己知 该事故

发生在平坦路段，人车碰撞后瞬间车开始完全制动，事故发生的示意图如图 所示，车辆质量为行人质量为车辆与地面间的动摩擦因数为“，重力加速 度为g,忽略碰撞前人的速度，不考虑空气阻力的影响。现有两种碰撞车速\"的估 算模型，其一为:基「车柄制动那离sj勺碰撞车速估算(s,为碰捕结束后车柄滑行的 距离)，该模型特点：碰撞时间极短，碰后车、人快速达到共同速度；其二为基于 行人抛距Sp的碰撞车速估算，该模型特点：碰撞时间极短，行人被撞飞的速度等于 碰后瞬间车辆速度，行人被水平撞飞，行人与地面撞击后，没有反弹而是在地面滑 行，人与地面间的动摩擦因数为R为行人从碰撞结束时刻的位置至第一落地点 之间沿道路的距离；九为行人被撞飞时的重心高度;s为行人落地后滑行的距离；Sp =

Ml撞点位

置

车辆停止位置 行人停止位置 行人第一

落地点

(1) 基于车辆制动距离S〃，求碰撞车速\"的大小；

(2) 基于行人抛距％,求碰撞车速\"的大小；若该过程车盖凹陷'，不考虑人的损伤和人、

车间的摩擦，基于车辆制动距离&， 估算该过程车与人的平均作用力。

答案和解析

1. 【答案】D

【解析】解：人 操作员通过放电杆将787631/高压直流电靠近笼子时，产生静电感应现 象，笼子表面分布静电感应电荷，靠近放电杆位置电荷密集，故A错误；BD.笼子处于静电平衡状态，静电平衡时笼子表面是等势面，笼子是等势体，内部场 强处处为零，故B错误，。正确；

C、内部电场由感应电荷形成的电场和放电杆形成的电场合成，且场强为零，放电杆在 笼子内

部形成的场强不是处处相等，故c错误；故选：Do

放电杆靠近笼子时，发生静电感应，靠近放电杆的位置电荷密集；笼子处于静电平衡状态，笼子是等势体，表面是等势面，内部场强处处为零；

感应电荷在笼子内部形成的场强与放电杆在笼子的内部形成的场强的矢量和相等。 明确处于静电平衡中的导体是等势体，表面是等势面，内部场强处处为零。

2. 【答案】C

【解析】解：刀、海水导电效果好于淡水，同等条件下电流大的推进效果好，故A错误；8、磁场力与磁感应强度成正比，增加磁感应强度可以增强推进效果，故8错误；

C、根据左手定则，磁场力垂直于纸面向里，故C正确；。、根据牛顿第三定律，推进器受到

的海水推力方向向外，故。错误； 故选：

Co推进效果好说明受到的推进力大，海水的导电效果要比淡水好，在海水中电流较大，受

到的力较大，磁感应强度增大，受到的力也大；根据左手定则，可以判断磁场力方向； 根据左手定则判断，海水受到推进器给的力为方向向里，根据牛顿第三定律可判断推进器受到的海水推力方向。

明确磁场力与电流和磁场强度之间的关系，会用左手定则，理解牛顿第三定律。