河南工院电力电子例题集

河南工业职业技术学院《电力电子》例题集

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1、在题图所示的单相半波整流电路中，R=10Ω，L=50mH，E=100V，Rr=1Ω，u=（1002sinωt）V，f=50Hz，当纯电阻负载，纯电感与电阻串联负载以及反电动势负载三种情况下，试计算：

① 直流输出电压的平均值Ud。 ② 直流输出电流的平均值Id。 ③ 加在二极管上的反向峰值电压。 答：

1 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第1页

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题图电阻性负载时输出波形如上图a所示。

1Ud=

202sinωtd（ωt）=

2100V=45A

Id=

Ud45A==4.5A 10R URV=2100V=141.4V

题图感性负载时输出波形如上图b所示。二极管一导通，下面电压方程式成立。

L

dit+Rid=2Usinωt dt当ωt=0时，id=0 则

id=Imsin（ωt-Φ）+ImsinvΦeIm=

RtL

其中

2UR2(L)2

Larctg

R的减小而增大。负载为纯电感

图b中在三种时间常数时电流波形曲线β角随R时，

(t)Rt/(L)L

1 limarct(limeg)2R0RR0 id=

2U1cost Lβ变为2π，即t2,4，...时，id0，即二极管在此时刻才截止。 Ud12202U1costdt2U9A URv0 LL题图c反电动势负载时输出波形如图c所示。

《电力电子》精品课程例题精讲 . 第2页

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设二极管导通时的角度为α1，截止时的角度为β1，则

1arcsinE

2U

E1=arcsin=—1

2UUd=E+

21

12112100sintEdt



210011cos1cos1 1E22106.8V

Id=

12111Rr2100sintEdt



1UdE6.8A Rr

URVE2U241.4V

2、晶闸管单相半波可控整流，设交流电压有效值为U ，频率为f，负载为电感性负载，延迟角为，如图所示。绘出输出电压ud的波形以及输出电流id的波形，并求出ud及id来。

3 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第3页

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答：

晶闸管在延迟角α处导通后下面电压方程式成立。

IddidRid2Usint dt 如果电流的初相位为α，则

id=ImsintImsineRtt

其中

Im2UR2t2

arctgt R

当α=时，id成为正弦半波电流。

Ud122Usintdt12U2coscos

IdUd R

Iddidt

或

3、单相半波可控整流，电感性负载接有续流二极管，如图所示。求此时直流电压平均值Ud《电力电子》精品课程例题精讲 . 第4页

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及直流电流的平均值Id，并绘出输出电压ud及电流id的波形，若ωL>>R时，波形又如何？

答：

当晶闸管VT导通时

LdidRid2Usint dt当二极管VD导通时

LditRid0 dt设ωt=α时，晶闸管的初始电流为Io，则

idImsintImsine其中

RtLIoeRtL 0t

5 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第5页

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Im2URL22

arctgL R

如果t时所求出的二极管电流的初始值为I1，则

I1ImsinImsineRLIoeRL

在t2期间的id值为I1，则

id1I1eRtt

t2可求出晶闸管电流的初始值，即

IoeRLL1e

R2Im[sinsineRL]

diud和id的关系为udLddRid

t

Ud122uddt122Ldid1dtdt22Riddt

当晶闸管导通时，ud2Usint，当二极管导通时，ud0。

ud122Usintdt221cos

因为

12

2LdidLid2dtdid idt2d

LLIoIo0 [id2id]22故

Ud122RiddtIdR

输出电流的平均值与L无关系。可写作

IdUd R《电力电子》精品课程例题精讲 . 第6页

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idI1I0I1[1e

RL]

当L>>R时，则

e

RL1

id0

这样，我们就可以把电流看作一条直线来计算了。

4、某一电热负载，要求直流电压60V，电流30A，采用单相半波可控整流电路，直接由220V电网供电，计算晶闸管的导通角及电流有效值。 答：

1cosUd0.45U2

2

Ud60V U2220V

cos

26010.21

0.4522078o

导通角

180o78o102o

1sin2123.4V 42Ud602 Id30 电压有效值

UU2R

IU123.4A61.7A R2即电流有效值为61.7A

5、某电阻负载要求0～24V直流电压，最大负载电流Id=30A，如果用220V交流直接供电与用变压器降压到60V供电，都采用单相半波可控整流电路，是否都满足要求？试比较两

7 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第7页

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种供电方案的晶闸管的导通角，额定电压，电流值，电源与变压器二侧的功率因数，以及对电源容量的要求。

答：

采用220V电源直接供电=0时，Ud00.45U299V 采用60V电源供电、Ud00.45U227V

所以只要适当调节控制角α，均能满足最大整流电压为24V的要求。 下面我们分析以下两种情况的利弊。 先计算用220V交流电源直接供电的情况。

Ud0.45U21cos 2

U2220V

oUd24V

cos0.515

ooα=121

oθ=18012159

查图示曲线，波形系数KfI即ITVA

Id2.8，要求晶闸管额定有效值1.57ITVAKfId

2.830A53.5A

1.57 UTm2U2311V

《电力电子》精品课程例题精讲 . 第8页

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考虑安全欲度，晶闸管至少应选KP100-4

查图示曲线，cos=0.302

要求电源视在功率S=U2I2=（2202.830）=18.48KVA 如采用降压到60V供电

Ud0.45U2

1cos 2

U260V

oUd24V

oooα=39 18039141

查图示曲线，波形系数Kf1.77

ITVA1.7730A33.8A

1.57UTm2U2260V84.4V

所以选KP50-2型的晶闸管也就可以了。

S=U2I2601.7730VA3.18KVA

这样，增加了整流变压器后，使延迟角减小了，选择的晶闸管的额定电压、额定电流都减小了，要求的电源容量也减小了。由此可以看出，应当尽量使晶闸管电路工作在小延迟角状态。

6、有一转差离合器的励磁绕组，其直流电阻为45，希望在0～90V范围内可调，采用单相半波可控整流电路，由电网直接供电，电源电压为220V，试选择晶闸管和二极管。

9 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第9页

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答：

如图所示 在大电感负载情况下，必须接续流二极管，，电路才能正常运行。如

Ud=90V Id=

Ud=2A R

1cosUd=0.45220V2o α=35

T180o35o145o

145o ITId2A1.23A

360o360oT

ITAVIT0.8 1.57 若不考虑电压、电流欲量，选KP1-4型晶闸管即可。

360oT流过二极管VD电流有效值IDID=0.7732A=1.55A o360若不考虑电压、电流欲量，选ZP2-4行整流二极管即可。

7、图为同步发电机单相半波自励电路，原先运行正常，突然发电机电压很低，经检查，晶闸管触发电路以及熔断器FU均正常，试问是何原因？

《电力电子》精品课程例题精讲 . 第10页

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答：是续流二极管断开所致。因为发电机励磁线圈为大电感负载，所以晶闸管导通角为θ=2π-2α，Ud始终为零或零电压很低。

8、单相半波可控整流电路，如门极不加触发脉冲；晶闸管内部电极短开，试分析上述三种情况晶闸管两端uT和负载两端ud波形。

答：晶闸管门极不加触发脉冲，即晶闸管呈阻断状态，可视作开路，所以uT和ud波形如图a所示。

① 晶闸管内部短路，显然晶闸管两端电压为零，此时uT和ud波形如图b所示。 ② 晶闸管内部断开，uT和ud波形如图c所示。

11 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第11页

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9、某单相可控整流电路给电阻性负载供电和给反电动势负载蓄电池充电，在流过负载电流平均值相同的条件下，哪一种负载的晶闸管额定电流应选大一点？为什么？

答：在流过负载电流平均值相同的条件下，反电动势负载时晶闸管额定电流应选大一些。因为反电动势负载时，晶闸管导通的条件除了门极需要触发外，还必须瞬时阳极电压ua大于发电动势E值，所以导通角θ比电阻负载小时。因此，在平均电流值相同时，反电动势负载的电流波形系数Kf比电阻负载时大，所以晶闸管的额定电流应选大一些。

10、某电阻负载的单相桥式半控整流电路，若其中一只晶闸管的阳极、阴极之间被烧断，试画出整流二极管、晶闸管和负载电阻两端的电压波形。

11、图为一种简单的舞台调光线路，求：①根据ud、ug波形分析电路调光工作原理。②说

《电力电子》精品课程例题精讲 . 第12页

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明RP、VD及开关Q的作用。③本电路晶闸管最小导通角min?

答：①根据晶闸管工作原理分析，波形ug是正弦波，但半波被VD截去，当它的瞬时值超过晶闸管门极触发电压UGT时，晶闸管因承受正向阳极电压而导通，随着电位器阻值的变化，ug幅值变化，晶闸管导通的时刻也在发生改变，达到调光的目的，

②开关Q打开时，可以调光；开关Q闭合时晶闸管VT不导通，灯不亮。用RP调节延迟角α亦即调节输出电压，控制灯光亮暗。

③ 当RP阻值增大时，ug幅值减小，控制角α增大，当RP增大到某一值，对应的ug电压最大值等于门极触发电压UGT时，α最大，θ最小，由图分析，可得出

min2。VD的作用是保护门极。当Q闭合时，也有极微弱的电流流过灯泡，

但灯不会亮，原因是RP一般为几百千欧，所以Q闭合，可以认为灯不亮。

12、某电阻负载R=50，要求输出电压在0～600V可调，试用单相半波与单相全波两种供电，分别计算：①晶闸管额定电压、电流值。②负载电阻上消耗的最大功率。

13 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第13页

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答:单相半波，当α=0时

oU2Ud600V1333V 0.450.45Id600A12A 50

流过晶闸管电流有效值

IT1.57Id18.9A

晶闸管承受的最大反向电压

URM22U21885V

晶闸管的额定电压至少应大于 2000V

晶闸管的额定电流至少应使

ITVAIT12A 1.57

`电阻消耗功率

2PR=ITR17.7KW

负载电流有效值

I1.11Id13.3A

晶闸管承受的最大反向电压 晶闸管承受的额定电流

URM2U21885V

ITAVIdT1Id6A 2所以，晶闸管的额定电压至少应大于2000V，晶闸管的额定电流至少应大于6A。

13、某一电感负载要求直流电压范围是15~60V，电压最高时电流是10A，采用具有续流二极管的单相桥式半控电路，从220V电源经变压器供电，考虑最小控制角аmin=25°,计算晶闸管、整流管和续流二极管的电流有效植以及变压器一次、二次额定电流值。 答：当Ud=60V, аmin=25°时

U2=

2Ud260V70V

0.91cos0.91cos25《电力电子》精品课程例题精讲 . 第14页

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IdT=

IT=

Id4.3A 2Id6.6A 2 二极管的电流与晶闸管的电流相同。

当Ud=15 V时

2Ud10.5238 α=121°

0.9U218012115IdA0.4A IdT=

23606cosα=

I1=

180121Id2.5A1A 236012115IdA1.7A 1806流过续流二极管的电流 IdD= ID=变压器 I2Id2A 2IT9.3A U 1=220 V U2=70 V

I1=

U2I2=2.95A U114、单相桥式半控整流电路，接有续流二极管，对直流电动机电枢供电，主回路平波电抗器的电感量足够大，电源电压为220V，延迟角为60°，此时，负载电流为30A，计算晶闸管、整流管和续流二极管的电流平均值和有效值，交流电源的电流有效值、容量及功率因数。 答:当Id=30A,α=60°时

IdT=

18060Id30A10A 236015 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第15页

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IT=

Id17.3A 2整流管的电流与晶闸管的电流相同。

IdD=IdID=

6030A10A 180Id17.3A 交流电源电流 I2=2IT=24.5A 交流电源容量 S=I2U2=5.4KV.A

co

1sin20. 215、如图所示，晶闸管的电流延迟角为60°，试画出晶闸管两端承受的电压波形，整流管和续流二极管每周期各导电多少度？并计算各器件定额，已知电源电压是220 V，负载是电感性负载，其中电阻是5Ω。

答：当α=60º时

晶闸管导通角 θT=2（π-α）=

4π 3《电力电子》精品课程例题精讲 . 第16页

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整流二极管的导通角 VD1续流二极管的导通角 VD2

2 32 31cos148.5V Ud0.9U22Ud148.5IdA29.7A

R5ITTId24.3A 2IT15.5A 1.57IT(AV)≥

IVD1VD1Id17.1A 2IVD110.9A 1.57IVD1(AV)≥

IVDVDId17.1 2IVD10.9A 1.57IVD(AV)≥

Umax2U2311V

若不考虑裕量，可以选KP20-4晶闸管。晶闸管两端电压波形如图中斜线部分所示，由图可知晶闸管不承受反向电压。

17 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第17页

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16、单相桥式全控整流电路，对直流电动机供电，主回路中平波电抗器的电感量足够大，要求电动机在额定转速往下调速，调速范围是1：10，系恒转矩调速。试问调速范围与晶闸管容量有关系吗？调速范围与移相范围的关系又如何？

答：电动机的转矩正比于电枢电流，T=CTφId电动机转速正比于电枢电动势，n=E/(Ceφ)。当转速往下调时，E就减小，而Ud=E+IdRd,即Ud减小，增大。现恒转矩调速，IdI不变。当增大时，I/I增大，晶闸管的容量要加大，即选晶闸管时应从电动机最低速度来考虑。

当忽略电枢电阻时，Ud≈E。

若接续流二极管时，则转速与关系如下：

n=

11cos0.45U2(1cos)0.9U2

2CeCe若不接续流二极管时，则转速与关系如下： n0.9U2cos

Ce

《电力电子》精品课程例题精讲 . 第18页

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17、蓄电池充电，如图所示,U2有效值为36V, 整流输出Ud=0.9×36V=32.4V。接充电蓄电池5只（30V）, 熔体熔断，增加到7只（42 V），熔体还是熔断，这是什么原因？

答：Um2U21.41436V51V

而Im(Um-E)/R，虽然E=42v（7只）。但只要R很小时，Im还是比较大，足以烧断熔体。

18、单相半控桥式全控整流电路，电阻负载Rd=4Ω,要求Id在0~25A之间变化。 求：① 变压器电压比。

② 如果导线电流密度，计算连接负载的导线截面积。 ③不考虑安全裕量，计算晶闸管的电流、电压定额。 ④忽略变压器励磁功率，变压器应选多大容量。 ⑤计算负载电阻Rd 的功率. ⑥ 计算电路的功率因数。 答：①

19 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第19页

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UmaxImaxRd(254)V100V UdU2111V0.9变压器电压比 K2202 111

②

I1.11Id1.1125A27.8AI6.9mmJ S2

③ IT(AV)≥

ITI2/212.5A 1.571.57

Uon2U2157V

若不考虑裕量，可选KP-2型晶闸管。

④变压器容量 SU2I23.1KVA ⑤电阻Rd功率

PRdI2Rd3.1KW

⑥ cosα=

1sin21 (α=0º) 2

19、图为具有中点二极管的单相半控桥式整流电路，求： ①绘出α=45°时Ud=的波形。 ②导出Ud=f(a)的关系式。

③求出Ud的最大值Umax 和最小值Umin.

《电力电子》精品课程例题精讲 . 第20页

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答：①设在α的期间，VT1、VT2未触发导通，电路早正半周时，下面一组变压器二次电压U2工作，VD3和VD2导通；负半周时，上面一组变压器电压U2工作，VD3和VD1导通。当在某时刻触发VD1、VD2使之导通时，电路恢复为单桥相式半控整流电路，Ud的波形如图所示。

②

Ud＝Ud1Ud2

其中，Ud1 是VD3导通时的平均电压，Ud2是半控桥的平均电压。

Ud1102U2sintdt2U21cos

Ud2122U2sintd(t)22U2(1cos)

21 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第21页

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Ud③当α=0°时

22U2(3cos)

UdUdmax 当α=时

42U2

UdUdmin

22U2

20、图为单相全波整流电路，由一只晶闸管与一只整流二极管组成，已知U2=220 V，α=45°。求：

①输出直流电压Ud

②画出α=45°时Ud=的波形

③画出晶闸管两端电压UT与二极管两端电压Ud波形。

答：① UdUd1Ud2

其中，Ud为VT导通时的平均电压值，Ud2为VD导通时的平均电压值。

《电力电子》精品课程例题精讲 . 第22页

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1UdUd1Ud22

12U2sintd(t)202U2sintd(t)2U2(3cos) 2②和③波形如图所示：

21、为什么可控整流电路不应在直流侧直接接大电容滤波？

答：整流电路直接并联电容经滤波后再输出，晶闸管刚一触发导通就有很大的电容充电电流流过晶闸管，电流的大小由电源电压与电容电压之差及电源回路的阻抗大小决定。当电源阻抗较小时，冲击电流很大，可能超过晶闸管开通时允许的电流上升率，所以可控整流电路不应在直流侧直接接大电容滤波。

22、在可控整流的负载为纯电阻情况下，电阻上的平均电流与平均电压之乘积，是否等于负

23 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第23页

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载功率？为什么？

答:负载功率下等于平均功率。因为负载功率P=UI,现在负载上是非正弦量的电流、电压波形，除直流分量Id、Ud外，还有一系列谐波I1、I2、I3，……；U1、U2、U3相同频率的谐波电压电流的乘积组成谐波功率，而总的有功功率 P=Pd2P12P22........ 所以，负载功率大于平均功率。Pd=Ud Id。

23、在可控整流的负载为大电感与电阻串联的情况下，果忽略电感的电阻，时负载电阻上的电流平均值与电压平均值的乘积是否等于负载功率?为什么?

答：负载功率等于电流平均值与电压平均值和乘积，P=Pd。因为，虽然Ud的波形存在谐波分量，但id是恒定的直流，没有谐波分量，而功率是同次谐波电压、电流的乘积，所以，负载功率等于电流平均值与电压平均值的乘积，即P=Pd。

24、充电机采用单相半波、全波或三相可控整流电路是否可以？若输出充电电流均15A，各应选用多大的熔体？

答：这三种电路作为充电机的主电路均可采用，但是，单相半波每周导电一次，在同样输出电流平均值为15A的情况下，电流峰值下，有效值也大，要选用50A的熔体；单相全波每周导电两次，电流峰值与有效值小，可选用40A的熔体；三相半波每周导电三次，电流峰值和有效值更小些，可选用30A的熔体。

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'

25、两只晶闸管串联的单相半控桥式整流电路，脉冲变压器次绕组N2与N2之间承受最大电压为多少？

答： 如图所示。在B点为正时，且晶体管VT1、VT2未被触发时，则这个正电位通过VD1，使脉冲变压器二次绕组N2与B点等电位，而脉冲变压器二次绕组N2与A点等电位。所以，脉冲变压器两组二次绕组间承受的最大电压为U2的峰值电压U2m=2U2。脉冲变压器作这种使用时，一定要注意两组二次绕组之间的绝缘，否则可能使绝缘击穿，导致损坏其它元器件。

'

26、试比较六相半波整流电路与带平衡电抗器的双反星形整流电路工作情况有什么不同? 平衡电抗器在电路中起什么作用?

答:从导通角来看,六相半波整流每个瞬间只有一个晶闸管导通,每个晶闸管导通60°;加平衡电抗器的双反星形整流每个瞬间有两只晶闸管同时导通, 导通角为120°,所以同样Id时,晶闸管变压器容量可以降低.

① 当α=0时,六相半波整流输出Ud =1.35 U2;加平衡电抗器的双反星形整流输出

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Ud=1.17 U2.

② 当α=0时, 六相半波整流的脉冲位置在比该相电压峰值超前30,即为与前相电压波形

的交点; 加平衡电抗器的双反星形整流的脉冲位置比该相峰值电压超前60.

③ 六相半波整流电路时流过晶闸管, 流过变压器二次电流有效值I2= IT=1/6 Id;加平

衡电抗器的双反星形整流流过晶闸管,变压器二次电流有效值I2= IT=1/12 Id.以上均为大电感负载.

④ 六相半波整流可采用窄脉冲触发; 加平衡电抗器的双反星形整流在电流持续时,必须采

用宽脉冲或双脉冲触发.

平衡电抗器的作用:接入平衡电抗器后,由于存在感应电动势,使得两组星形绕组同时工作, 晶闸管导通角增大, 流过变压器二次绕组和器件的电流有效值变小,可选用额定值较小的器件,并提高了变压器的利用率.

27、若三相全控桥式整流电路，当一只晶闸管短路时,电路会发生什么情况？

答:在三相桥式电路中，若一只晶闸管短路,例如共阴极一只管子短路，则其余共阴极组中任意一只管子触发导通，都要引起电源线电压短路，使管子连续烧坏，所以要求每只晶闸管桥路接快速熔断器，保护晶闸管。

28、三相半波整流电路,大电感负载时,直流输出功率Pd=UdmaxId=100V×100A=10KV.A 求:

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

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①绘出整流变压器二次电流波形；

②计算整流变压器二次侧容量P2，一次侧P1及容量PT；

③分别写出该电路在无续流二极管及有续流二极管两种情况下, 晶闸管最大正向电压USM；晶闸管最大反向电压URM；整流输出Ud=f(a)；脉冲最大移相范围；晶闸管最大导通角。 答：①整流变压器二次电流波形如图所示

② Udmax=100V=1.17U2cosα α=0

时，则U2=

100V=85.5V 1.17I2= IT=

1Id=0.557×100A=57.7A 3P2=3 U2I2=3×85.5×57.7=14.8KV.A P1=1.21Pd=12.1KV.A PT=

1（P1+ P2）=13.4KV.A 2③无续流管时, 晶闸管最大正向电压USM=6U2,晶闸管最大反向电压URM=6U2,整流输出Ud=1.17 U2cosα，0≤α≤π/6, Ud=0.675 U2[U1+cos(α+π/6)], π/6<α<5π/6,

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3河南工业职业技术学院《电力电子》例题集

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脉冲移相范围为0

29、如图整流电路, u1=2U2sint, U2=2U2cost,求：①延迟角α=0处？②绘出α=0

应定在何

~150

，晶闸管最大导通角为120

。

时 ud的波形。③ ud=f(α),假设VT1；VT2； VT； VT4； VT5；

VT6； VT7； VT8分别同时触发。

答：①α=0②α=0

定在离该相电压原点45处。

时ud的波形如图所示。

4③0≤α≤π/4时ud= ud

2342U2sint d(t)=1.27 U2cosα

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4π/4<α≤3π/4时ud= ud

2

30、三相半波整流，且电感性负载α=90



41cos(42)

2 U2sint d(t)=1.77 U2，U2=220 V，由于电感Ld不够大，只能使晶

闸管阳极电压过零后，再维持导通角30。试：①ud的波形。②列出电压平均值Ud的计算公式。③画出晶闸管VT1两端电压ud的波形。 答:①图a打斜线部分为ud的波形。

3② Ud=

22362 U2 sint d(t)=0.274 U2

③晶闸管VT1两端电压波形 如图b打斜线部分所示。VT、VT2、VT3均不导通时，VT承受U相相电压，当VT、VT2导通时，VT1管承受线电压。

29 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第29页

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31、三相半波可控整流，大电感负载，Id=10A不变，U2=100V/2，10（换相重叠角），α=60。求：①整流输出电压Ud？②画出整流输出电压Ud的波形。③画出晶闸管VT1两端电压波形。

答:① Ud=1.17 U2cosα-Id（RT+

3XT） 2=[cos60-cos(60+10)]×100V×sin60=13.7V 33若RT=0，则Ud=1.17 U2cosα-Id=（41.4-6054）V=34.8V

2IdXT=[cos-cos()]2U2sin② 整流输出Ud波形如图a打斜线所示。

③晶闸管VT1两端电压波形 如图b打斜线部分所示。

《电力电子》精品课程例题精讲 . 第30页

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32、若在维修中观察输出电压波形如图所示，试判断三相半桥式电路中哪只器件有故障，并指出此时α等于多少度？

答：由图可知，是VT管子触发脉冲消失，或VT。管子内部短路。此时，延迟角α=30。

33、某厂自制晶闸管电镀电2~15V，在9V以上最大输出电流均可达130A，主电路采用三相半波可控整流电路，试计算： ①整流变压器二次电压。 ② 9V时的延迟角α。 ③选择晶闸管。

31 《电力电子》精品课程例题精讲 . 第31页

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④计算变压器容量。 答:① Udmax==15V Ud=1.17 U2cosα U2=

Udmax15=V=12.8V≈13V(不考虑控制角裕量) 1.171.17②当α>/6时，Ud1.17U21cos(30)39V

故 cos((30)3Ud10.0255

1.17U2③IT=

12

18030(2U2sint2U2191.531)d(t)[cos(291.5)sin(91.52)]RdRd2180441cos88.5Id=0.557U2=130A

RdIT0.618IdIT(AV)UTM=8

IT51.2A 1.576U231.8V

考虑电压电流裕量，可选KP100-1晶闸管。 ④S=3I2U2 I2=IT S=380.4133014KVA

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34、已知三相桥式全控整流的变压器二次相电压U2=100V，折算到变压器二次侧每相漏电感LT200H,电阻RT0.04，Rd2.9,U1.5V,Udmax，最大电流Idmax。 @@

求

最高电压

Udmax=3.24 U2-2U(RTUdmax= IdmaxRd②

代入数值后，从①和②中解得 Udmax=223.3V Idmax=77A，

6XT) ① 235、图所示的三相全控桥式整流电路，晶闸管VT1，VT3,VT5以延迟角1触发；晶闸管VT4，VT6，VT2以延迟角2分别触发，试就在下列几种情况计算整流输出电压的平均值Ud ①1=/3,2/3. ②1=/3,2/6 ③1/3;20. 答：

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36、电镀整流装置，要求直流电压为18V，电流为3000A。采用带平衡电抗器的双反星形线路，整流变压器一次线电压为380V，考虑min=30，求变压器二次相电压，晶闸管电流的平均值，并估算整流变压器的容量。如果要求当负载电流降至300A，仍能保证线路正常运行，估算平衡电抗器的最小电感量。如果要求降至60A，其电感量应为多少？当负载小于规定的负载电流，整流装置的输出电压将如何变化？

答:

Ud180.006 Id3000主电路串电抗器，当L3R时，可视作大电感来处理，则 Ud1.17U2cos

若整流电压器一次侧接成三角形，二次侧接成双反星形，则

U2IdtUd18V17.8V(取18V） 1.17cos1.17cos3011Id3000A500A 66I2IT0.2Id867A

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S26U2I261886793.6KV.A 变压器的电压比 K=

U138021.1 U218I12I2K2867A58.1A

21.1=6

S13U1I1338058.1VAS=

A

11(S1S2)(66.293.6)KVA79.9KVA 22若整流变压器的绕组是一次侧星形,二次侧双反星形联结法,则

U1220V

变压器电压比K=

380/312.2 18S13U1I13220100.5VA66.2KVA

S1和S2的值与三角形接法相同,可以看出一次,二次绕组接法不同,但容量相同.晶闸管额定值选择如下:

因UTmax(2~3)618V(2~3)44.1V 而IT(AV)(1.5~2)IT(1.5~2)552A 1.57可取1000A或两只500A管相并联也可.

综上可选KP1000-1的晶闸管,或选KP500-1两只晶闸管相并联使用. 所需平衡电抗器的最小电感量: 当Idmin=300A时

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2U2218103LdmH0.09mH

2Idmin3250300当Idmin=60A时

218103LdmH=0.45 mH

325060如果 IdImin,则该电路将逐渐失去两组三相半波并联导电特性,向六相半波整流电路过渡,每一瞬间只有一只晶闸管导电,输出的理想空载电压由原来的1.17U2向1.35U2过渡,一般情况下应避免这种情况.

37、三相全控桥整流电路，Ud230V，求： ①确定变压器二次电压。 ②选择晶闸管电压等级。 答：

答：①Ud2.34U2,0 U2230V98.3V 2.34698.3V=241V

②2U21V482~723V URM(2~3)241 应选额定电压500V的晶闸管.

现计算单相半波电阻性负载0和90时KftIT/Idt及K值. 当=0 时

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38、用单结晶体管的触发电路,当移相到晶闸管达到某一导通角时,再继续调大导通角时,忽然晶闸管变成全关断是何原因?

答::单结晶体管导通后,如果由电源通过电位器加到发射极的电流超过谷点电流单结晶体管就关不了。这时，单结晶体管只产生一个脉冲，尚能保持晶闸管工作，但是若进一步减小电位器电阻，加大发射极电流，那么在同步电源的梯形波上升前沿发射极就与基极直通，电容冲不上电，不能发出触发脉冲，晶闸管就全关断了。

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